大家好，又见面了，我是全栈君，今天给大家准备了Idea注册码。
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Max Sum of Max-K-sub-sequence
Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 5791 Accepted Submission(s): 2083
Now your job is to calculate the max sum of a Max-K-sub-sequence. Max-K-sub-sequence means a continuous non-empty sub-sequence which length not exceed K.
Then T lines follow, each line starts with two integers N , K(1<=N<=100000 , 1<=K<=N), then N integers followed(all the integers are between -1000 and 1000).
4 6 3 6 -1 2 -6 5 -5 6 4 6 -1 2 -6 5 -5 6 3 -1 2 -6 5 -5 6 6 6 -1 -1 -1 -1 -1 -1
7 1 3 7 1 3 7 6 2 -1 1 1
附上别人的思路：
单调队列即保持队列中的元素单调递增（或递减）的这样一个队列，能够从两头删除。仅仅能从队尾插入。单调队列的详细作用在于。因为保持队列中的元素满足单调性，对于上述问题中的每一个j，能够用O(1)的时间找到相应的s[i]。（保持队列中的元素单调增的话，队首元素便是所要的元素了）。
维护方法：对于每一个j，我们插入s[j-1]（为什么不是s[j]?
队列里面维护的是区间開始的下标，j是区间结束的下标）。插入时从队尾插入。为了保证队列的单调性，我们从队尾開始删除元素，直到队尾元素比当前须要插入的元素优（本题中是值比待插入元素小。位置比待插入元素靠前。只是后面这一个条件能够不考虑），就将当前元素插入到队尾。之所以能够将之前的队列尾部元素所有删除，是由于它们已经不可能成为最优的元素了。由于当前要插入的元素位置比它们靠前，值比它们小。我们要找的，是满足(i>=j-k+1)的i中最小的s[i]，位置越大越可能成为后面的j的最优s[i]。
在插入元素后，从队首開始，将不符合限制条件(i>=j-k+1)的元素所有删除，此时队列一定不为空。
（由于刚刚插入了一个一定符合条件的元素）
代码例如以下：（看了别人的才做出来的，汗）
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <queue>
#include <algorithm>
#include <iostream>
using namespace std;
#define INF 0x3fffffff
int sum[100047],a[200047];
int main()
{
int t,i,n,m,k,head,end;
scanf("%d",&t);
while(t--)
{
memset(sum,0,sizeof(sum));
scanf("%d%d",&n,&k);
for(i = 1 ; i <= n ; i++)
{
scanf("%d",&a[i]);
sum[i] = sum[i-1]+a[i];//将前i项和所有存入sum数组中
}
for(i = n+1 ; i < n+k ; i++)
{
sum[i] = sum[i-1]+a[i-n];//将前n+k-1项和所有存入sum数组中
}
int ans = -INF;//初始化ans为最小
deque<int>Q;
Q.clear();//清空双向队列
for(i = 1 ; i < n+k ; i++)
{
while(!Q.empty() && sum[i-1] < sum[Q.back()])//保持队列的单调性（递增）
Q.pop_back();
while(!Q.empty() && i-k > Q.front())//超过k的长度则消除队列前面的元素
Q.pop_front();
Q.push_back(i-1);
if(ans < sum[i]-sum[Q.front()])//假设当前的值比ans大就更新ans的值
{ //记录，sum[n]-sum[m]所得出的是n-1到m+1之间的和
ans = sum[i]-sum[Q.front()];
head = Q.front()+1;
end = i;
}
}
if(end > n)//标记的点大于了n则循环
end%=n;
if(head > n)//标记的点大于了n则循环
head%=n;
printf("%d %d %d\n",ans,head,end);
}
return 0;
}
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